LeetCode-165. 比较版本号【双指针 字符串】

题目描述：

给你两个 版本号字符串 version1 和 version2 ，请你比较它们。版本号由被点 ‘.’ 分开的修订号组成。修订号的值 是它 转换为整数 并忽略前导零。

比较版本号时，请按 从左到右的顺序 依次比较它们的修订号。如果其中一个版本字符串的修订号较少，则将缺失的修订号视为 0。

返回规则如下：

如果 version1 < version2 返回 -1，
如果 version1 > version2 返回 1，
除此之外返回 0。

示例 1：

输入：version1 = “1.2”, version2 = “1.10”

输出：-1

解释：

version1 的第二个修订号为 “2”，version2 的第二个修订号为 “10”：2 < 10，所以 version1 < version2。

示例 2：

输入：version1 = “1.01”, version2 = “1.001”

输出：0

解释：

忽略前导零，“01” 和 “001” 都代表相同的整数 “1”。

示例 3：

输入：version1 = “1.0”, version2 = “1.0.0.0”

输出：0

解释：

version1 有更少的修订号，每个缺失的修订号按 “0” 处理。

提示：

1 <= version1.length, version2.length <= 500
version1 和 version2 仅包含数字和 ‘.’
version1 和 version2 都是 有效版本号
version1 和 version2 的所有修订号都可以存储在 32 位整数 中

解题思路一：字符串分割

我们可以将版本号按照点号分割成修订号，然后从左到右比较两个版本号的相同下标的修订号。在比较修订号时，需要将字符串转换成整数进行比较。注意根据题目要求，如果版本号不存在某个下标处的修订号，则该修订号视为 0。

class Solution:
    def compareVersion(self, version1: str, version2: str) -> int:
        for v1, v2 in zip_longest(version1.split('.'), version2.split('.'), fillvalue=0):
            x, y = int(v1), int(v2)
            if x != y:
                return 1 if x > y else -1
        return 0

时间复杂度：O(m+n)
空间复杂度：O(m+n)

解题思路二：双指针

方法一需要存储分割后的修订号，为了优化空间复杂度，我们可以在分割版本号的同时解析出修订号进行比较。

class Solution:
    def compareVersion(self, version1: str, version2: str) -> int:
        n, m = len(version1), len(version2)
        i, j = 0, 0
        while i < n or j < m:
            x = 0
            while i < n and version1[i] != '.':
                x = x * 10 + ord(version1[i]) - ord('0')
                i += 1
            i += 1  # 跳过点号
            y = 0
            while j < m and version2[j] != '.':
                y = y * 10 + ord(version2[j]) - ord('0')
                j += 1
            j += 1  # 跳过点号
            if x != y:
                return 1 if x > y else -1
        return 0

时间复杂度：O(m+n)
空间复杂度：O(1)

背诵版：

class Solution:
    def compareVersion(self, version1: str, version2: str) -> int:
        n = len(version1)
        m = len(version2)
        i, j = 0, 0
        while i < n or j < m:
            x = 0
            while i < n and version1[i] != '.':
                x = x*10 + ord(version1[i]) - ord('0')
                i += 1
            i += 1
            
            y = 0
            while j < m and version2[j] != '.':
                y = y*10 + int(version2[j])
                j += 1
            j += 1
            if x != y:
                return 1 if x > y else -1
        return 0

时间复杂度：O(m+n)
空间复杂度：O(1)

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