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1.原题链接：
2.快慢指针：
温馨提示：建议看这题之前先把相交链表与环形链表看了，这样，来理解本题就会简单些。
证明：
设：链表的头结点到入环结点之间的距离为 S，入环结点到相遇结点 之间的距离为X，环的周长为C；
慢指针走的路程为：S+X（慢指针不可能在环里转了一圈（或以上）才到相遇点）
快指针走的路程： S+C+X。
所以，可以得到：S+C+X=2(S+X)
S+X=C
S=C-X
通过公式S=C-X，我们可以得到当slow指针与fast指针在环内相遇时，我们可以使用一个指针指向相遇点，一个指向头结点，让它们同时移动，最后，当两个指针指向同一个位置时，这个结点就是入环结点。
真的是这样吗？
其实，fast走的路程是有问题的。
通过上图，我们可以看到，当我前面的直线很长，后面的环很小时，我们会发现fast指针会在环里面走很多圈，而不只是1圈 。（我们可以假设一种情况，slow在直线上走一步，fast就在环内走一圈，此时环内刚好只有两个结点）
我们这里假设fast与slow相遇时，它已经在环内转了N圈了。
所以，快指针走的路程为：S+N*C+X。所以上面的情况只是快指针走的路程的子集。
所以，2(S+X)=S+N*C+X
S+X=N*C
S=N*C-X
S=(N-1)C+C-X
我们会发现fast在环内走的N-1圈都是没有必要的，它只是在精神内耗自己，没有什么意义，毕竟它（slow）还没进环，还不知道你（fast）为了遇到它，有多么努力。所以我们这里可以暂时不看（N-1)*C，剩下S=C-X，同样可以得到前面的结论 —— 使用一个指针指向相遇点，一个指向头结点，让它们同时移动，最后，当两个指针指向同一个位置时，这个结点就是入环结点。
代码实现：
typedef struct ListNode ListNode;
struct ListNode *detectCycle(struct ListNode *head)
{
ListNode* fast = head;
ListNode* slow = head;
while (fast != NULL && fast->next!=NULL)
{
fast = fast->next->next;
slow = slow->next;
if (fast == slow)//fast与slow到了相遇点
{
ListNode* accept = fast;//用一个指针指向相遇点
while (accept != head)
{
//链表的头指针与相遇点指针同时移动
head = head->next;
accept = accept->next;
}
return head;//找到了入口结点
}
}
return NULL;//不存在环
}3.提交结果：
4.读书分享：
《道德经·第四十七章》：
不出户，知天下；不闚（kuī）牖（yǒu），见天道。
其出弥远，其知弥少。
是以圣人不行而知，不见而名，不为而成。
解释：
足不出门户，已知万物况相生长；眼不望窗外，已晓气候发生变化。
越向外奔逐，对道的认识也越少。
所以圣人不必体验，就能察觉事物已经发展；不必观看，就已洞悉事态正起变化；无须操纵，不横加干涉，事业自然水到渠成。